NOIP2006 普及组
T1:明明的随机数
题目描述
明明想在学校中请一些同学一起做一项问卷调查,为了实验的客观性,他先用计算机生成了个到之间的随机整数,对于其中重复的数字,只保留一个,把其余相同的数去掉,不同的数对应着不同的学生的学号。然后再把这些数从小到大排序,按照排好的顺序去找同学做调查。请你协助明明完成“去重”与“排序”的工作。
输入输出格式
输入格式:
输入有两行,第行为个正整数,表示所生成的随机数的个数
第行有个用空格隔开的正整数,为所产生的随机数。
输出格式:
输出也是两行,第行为个正整数,表示不相同的随机数的个数。
第行为个用空格隔开的正整数,为从小到大排好序的不相同的随机数。
输入输出样例
输入样例#1:
10
20 40 32 67 40 20 89 300 400 15
输出样例#1:
8
15 20 32 40 67 89 300 400
说明
NOIP 2006 普及组 第一题
题解:
考虑到每个数字最大只有,我们便可以设置一个 数组,每读入一个数字 后, 所对应的 数组中的位置 便加 ,最后,对 数组从 至 进行枚举, 如果枚举到的数字不是 的话,就输出这个序号。
#include <iostream>
using namespace std;
int t[1001]; //存储数字
int main() {
int n; //表示所生成的随机数的个数
cin >> n;
int number = 0; //临时变量number
int sum = 0; //表示不相同的随机数的个数
for (int i = 1; i <= n; i++) {
cin >> number;
t[number]++;
if (t[number] == 1) //第一次存入,一个新的随机数
sum++;
}
cout << sum << endl;
for (int i = 1; i <= 1000; i++)
if (t[i] != 0)
cout << i << " ";
return 0;
}
T2:开心的金明
题目描述
金明今天很开心,家里购置的新房就要领钥匙了,新房里有一间他自己专用的很宽敞的房间。更让他高兴的是,妈妈昨天对他说:“你的房间需要购买哪些物品,怎么布置,你说了算,只要不超过元钱就行”。今天一早金明就开始做预算,但是他想买的东西太多了,肯定会超过妈妈限定的元。于是,他把每件物品规定了一个重要度,分为等:用整数表示,第等最重要。他还从因特网上查到了每件物品的价格(都是整数元)。他希望在不超过元(可以等于元)的前提下,使每件物品的价格与重要度的乘积的总和最大。
设第件物品的价格为,重要度为,共选中了件物品,编号依次为,则所求的总和为:
。
请你帮助金明设计一个满足要求的购物单。
输入输出格式
输入格式:
第一行,为个正整数,用一个空格隔开:(其中表示总钱数,为希望购买物品的个数。)
从第行到第行,第行给出了编号为的物品的基本数据,每行有个非负整数(其中表示该物品的价格,表示该物品的重要度()
输出格式:
个正整数,为不超过总钱数的物品的价格与重要度乘积的总和的最大值。
输入输出样例
输入样例#1:
1000 5
800 2
400 5
300 5
400 3
200 2
输出样例#1:
3900
说明
NOIP 2006 普及组 第二题
题解:
本题为一道经典的背包问题,我们枚举每件物品,以剩余的钱数为单位进行枚举,很容易得到 的状态转移方程。
#include <iostream>
using namespace std;
int things[26][4];
int DP[30001]; //每个钱最多能买多少东西
int main() {
int N, m;
cin >> N >> m;
for (int i = 1; i <= m; i++){
cin >> things[i][1] >> things[i][2];
things[i][3] = things[i][1] * things[i][2]; //物品的价格与重要度乘积
}
for (int i = 1; i <= m; i++)
for (int j = N; j >= 1; j--)
if (j - things[i][1] >= 0)
DP[j] = max(DP[j - things[i][1]] + things[i][3], DP[j]);
cout << DP[N];
return 0;
}
T3:Jam的计数法
题目描述
是个喜欢标新立异的科学怪人。他不使用阿拉伯数字计数,而是使用小写英文字母计数,他觉得这样做,会使世界更加丰富多彩。
在他的计数法中,每个数字的位数都是相同的(使用相同个数的字母),英文字母按原先的顺序,排在前面的字母小于排在它后面的字母。我们把这样的“数字”称为数字。在数字中,每个字母互不相同,而且从左到右是严格递增的。每次,还指定使用字母的范围,例如,从到,表示只能使用这些字母。如果再规定位数为,那么,紧接在数字“”之后的数字应该是“”。(如果我们用、依次表示数字“”与“”,则,且不存在数字,使)。
你的任务是:对于从文件读入的一个数字,按顺序输出紧接在后面的个数字,如果后面没有那么多数字,那么有几个就输出几个。
输入输出格式
输入格式:
共行。
第行为个正整数,用一个空格隔开: (其中为所使用的最小的字母的序号,为所使用的最大的字母的序号。为数字的位数,这个数满足: )
第行为具有个小写字母的字符串,为一个符合要求的数字。
所给的数据都是正确的,不必验证。
输出格式:
最多为行,为紧接在输入的数字后面的个数字,如果后面没有那么多数字,那么有几个就输出几个。每行只输出一个数字,是由个小写字母组成的字符串,不要有多余的空格。
输入输出样例
输入样例#1:
2 10 5
bdfij
输出样例#1:
bdghi
bdghj
bdgij
bdhij
befgh
说明
NOIP 2006 普及组 第三题
题解:
读完题目之后,我们可以想,什么时候这个数字最小呢?无疑,如果最后一位数字能够加 的话,那么我们新得到的 数字绝对是最小的。但是,如果最后一位加 大于 怎么办呢?这个时候怎样构建数字最小呢?我们便可以向前一位寻找,如果倒数第二位一位加 不大于 的话,我们便更新倒数第二位的数字。由于 数字是左到右是严格递增的,所以我们便向后更新,为了确保得到的数字尽可能地小,当前位数上的数字也就是上一位上的数字加 ,这样,我们便可以令 数字最小了。
整理一下上面的思路,也就是从最后一位数字开始枚举,如果它加 不大于 的话,我们便更新这个数字。否则,便向前一位寻找有没有数字可以更新,如果有的话,便更新这个数字。为了确保数字值最小且满足左到右是严格递增的要求,我们将它后面的数字依次更新,使得这个数字后面的所有数字都是前面数字的值加 。如果找到了第一位且无法更新的话,那么便停止计算。
还不太明白的同学可以看一下代码:
#include <iostream>
using namespace std;
int main() {
int s, t, w; //s为所使用的最小的字母的序号,t为所使用的最大的字母的序号,w为数字的位数
string Jam;
cin >> s >> t >> w >> Jam;
bool r = false; //判断是否更新了Jam数字
int k = 0;
for (int q = 1; q <= 5; q++) { //输出5个Jam数字
for (int i = w - 1; i >= 0; i--) { //从最后一位开始,向前查找能不能替换
if (Jam[i] + 1 <= 'a' - 1 + t - k) { //如果加一不超过最大值,则更新
Jam[i] = Jam[i] + 1;
for (int j = i + 1; j <= w; j++)
Jam[j] = Jam[j - 1] + 1;
r = true;
break;
}
k++;
}
if (r == true) //判断是否更新了Jam数字
cout << Jam << endl; //输出当前的Jam数字
else
return 0;
k = 0;
r = false;
}
return 0;
}
T4:数列
题目描述
给定一个正整数,把所有k的方幂及所有有限个互不相等的k的方幂之和构成一个递增的序列,例如,当时时,这个序列是:
(该序列实际上就是:)
请你求出这个序列的第项的值(用进制数表示)。
例如,对于,,正确答案应该是。
输入输出格式
输入格式:
个正整数,用一个空格隔开:
(、的含义与上述的问题描述一致,且)。
输出格式:
个正整数。(整数前不要有空格和其他符号)。
输入输出样例
输入样例#1:
3 100
输出样例#1:
981
说明
NOIP 2006 普及组 第四题
题解:
读过题目之后,(一头雾水),有啥方法可以解决这道题呢?无疑,我们会想到暴力。。。但是暴力的话 会 。那应该怎么办呢?
再仔细读一遍题,题目中有一句“用进制数表示”的话。这句话可不常见,莫非。。。它在提示我们这个题与进制有关?
我们将这个数列分解成三进制,便可以得到:
它长得好像一个二进制数列w!(小声嘀咕
那么,如果把这个三进制数列当成二进制数列,转成十进制是多少呢?
发现规律了吧!
所以,我们便可以将十进制数字 先转成二进制数字 ,然后再把二进制数字 当作 进制数字,再转成十进制,便得到我们的答案辣!
#include <cmath>
#include <iostream>
using namespace std;
long long a[100001];
int main() {
long long k, n;
cin >> k >> n;
//将n转位二进制
long long i = 1;
while (n) {
a[i++] = n % 2;
n /= 2;
}
//将这个二进制数字当作k进制,再转到十进制
long long q = i - 2, ans = 0;
for (long long j = i - 1; j >= 1; j--) {
ans += a[j] * pow(k, q);
q--;
}
cout << ans << endl;
return 0;
}